四川省成都市第七中學(xué)2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理 Word版含解析.docx

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成都七中2023—2024學(xué)年度高二上學(xué)期半期考試物理試題考試時(shí)間：90分鐘滿分：100分一、單項(xiàng)選擇題（本題包括10個(gè)小題，每小題3分，共30分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。）1.物理學(xué)中常用比值定義法定義物理量。下列關(guān)系式中，用比值法定義的物理量定義式是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】A．電容與電壓、電荷量無關(guān)，該式屬于比值定義法，故A正確；B．公式表明電場(chǎng)強(qiáng)度與電荷量成正比，與距離的平方成反比，公式不屬于比值定義式，故B錯(cuò)誤；C．導(dǎo)體中電流I與導(dǎo)體兩端的電壓U成正比，與導(dǎo)體的電阻R成反比，所以不屬于比值定義法，故C錯(cuò)誤；D．公式表明導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體的長(zhǎng)度成正比，與導(dǎo)體的橫截面積成反比，公式不屬于比值定義式，是電阻定律的表達(dá)式，故D錯(cuò)誤。故選A。2.在國際單位制中，某個(gè)物理量的單位用基本單位表示為，該物理量是下列中的（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度B.電阻C.電勢(shì)差D.電荷量【答案】C【解析】【詳解】C．電勢(shì)差是描述電場(chǎng)能的性質(zhì)物理量，V是電勢(shì)單位，由公式可知可知； 故C正確；A．電場(chǎng)強(qiáng)度N/C是電場(chǎng)強(qiáng)度單位，則故A錯(cuò)誤；B．電阻即故B錯(cuò)誤；D．電荷量單位是C，則故D錯(cuò)誤。故選C。3.關(guān)于靜電場(chǎng)，下列說法正確的是（）A.隨著電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸減小，電勢(shì)也一定逐漸降低B.電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與將試探電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做的功成正比C.靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線總是與等勢(shì)面垂直，且從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面D.正電荷僅受電場(chǎng)力的作用從靜止開始運(yùn)動(dòng)，其軌跡必定與電場(chǎng)線重合【答案】C【解析】【詳解】A.電場(chǎng)強(qiáng)度大小與電勢(shì)沒有必然聯(lián)系，隨著電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸減小，電勢(shì)不一定逐漸降低，故A錯(cuò)誤；B.電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差由場(chǎng)源電荷決定，與試探電荷無關(guān)，故B錯(cuò)誤； C.等勢(shì)面任兩點(diǎn)電勢(shì)差為0，所以靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線總是與等勢(shì)面垂直，且從電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面，故C正確；D.只有電荷從靜止釋放，且在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡才與電場(chǎng)線重合，其它情況一般不重合，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖斜面傾角是30°，A、B是兩個(gè)帶同種電荷的小球（可視為點(diǎn)電荷），質(zhì)量均為m，分別將B小球固定在A球的正下方和斜面底端（圖中虛線位置）。已知B球在A球正下方時(shí)，A球?qū)π泵娴淖饔昧榱悖瑒t當(dāng)B球固定在斜面底端時(shí)，A球處于靜止?fàn)顟B(tài)，則A球受到的靜摩擦力大小為（）A.0B.0.25mgC.0.5mgD.0.75mg【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)B球在A球正下方時(shí)，A球?qū)π泵娴淖饔昧榱悖芍狟球此時(shí)對(duì)A球的靜電力為則當(dāng)B球固定在斜面底端時(shí)，此時(shí)B球與A球的距離增大1倍，所以它們間的靜電力大小為方向沿斜面向上，對(duì)A球受力分析由平衡條件有故選B。5.下列關(guān)于波的說法，正確的是（　?。〢.在干涉圖樣中，振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)的位移一定大于振動(dòng)減弱區(qū)域質(zhì)點(diǎn)的位移B.當(dāng)波源遠(yuǎn)離接收者時(shí)，觀察者接收到的波的頻率比波源頻率低C.兩列波疊加一定會(huì)出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉圖樣D.只有障礙物或孔的尺寸與波長(zhǎng)比較相差不多或小得多，波才能發(fā)生衍射【答案】B【解析】 【詳解】A．在干涉圖樣中，振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)，其振幅最大，但位移不是始終保持最大；同理振動(dòng)減弱區(qū)域的點(diǎn)，其振幅最小，但其位移不是始終保持最??；所以振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域的質(zhì)點(diǎn)的位移不一定大于振動(dòng)減弱區(qū)域質(zhì)點(diǎn)的位移，A錯(cuò)誤；B．由多普勒效應(yīng)，當(dāng)波源遠(yuǎn)離接收者時(shí)，接收者接受到的波的頻率比波源頻率低，B正確；C．兩列頻率相同的波疊加時(shí)會(huì)出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉圖樣，兩列頻率不同的波疊加時(shí)不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，C錯(cuò)誤；D．波發(fā)生明顯衍射的條件是：障礙物或孔的尺寸與波長(zhǎng)比較相差不多或小得多；但如果障礙物或孔的尺寸比波長(zhǎng)大，就不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖，G為靈敏電流計(jì)，V為理想電壓表，、為定值電阻，是一根鹽水柱（封于橡皮管內(nèi)，與電路導(dǎo)通），平行板電容器兩極板水平，開關(guān)S閉合后，電容器兩板間的帶電油滴恰好靜止。則握住鹽水柱兩端將它豎直均勻拉伸的過程中（忽略溫度對(duì)電阻的影響）（　?。〢.電阻的阻值減小B.V表示數(shù)減小C.油滴向下運(yùn)動(dòng)D.G表中有從c到a的電流【答案】D【解析】【詳解】A．握住鹽水柱兩端將它豎直均勻拉伸，由電阻定律可知鹽水柱長(zhǎng)度L增加，橫截面積S減小，則電阻的阻值增大，故A錯(cuò)誤；B．因電阻的阻值增大，電路中總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，路端電壓增大，則兩端電壓減小，并聯(lián)部分電壓增大，電壓表V的示數(shù)增大，故B錯(cuò)誤；C．由于電容器兩端電壓增大，由可知兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度E增大，所以 油滴向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．電容器兩端電壓增大，電容器繼續(xù)充電，G表中有從c到a的電流，故D正確。故選D。7.如圖，電荷量分別為Q1和Q2的點(diǎn)電荷固定放置在A、B兩點(diǎn)，P是AB連線上的一點(diǎn)，，一試探正點(diǎn)電荷（重力不計(jì)）從AB連線上靠近A的S點(diǎn)由靜止釋放后，到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度達(dá)到最大值，然后做減速運(yùn)動(dòng)，下列判定正確的是（）A.，B.P點(diǎn)的電勢(shì)為零C.D.運(yùn)動(dòng)過程中，試探正點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能最小【答案】D【解析】【詳解】A．正點(diǎn)電荷（重力不計(jì)）從連線上靠近A的S點(diǎn)由靜止釋放后，做加速運(yùn)動(dòng)，所以Q1帶正電，到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度達(dá)到最大值，然后做減速運(yùn)動(dòng)，受到斥力作用，所以Q2也帶正電，故A錯(cuò)誤；BD．沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，由題可看出，沿AB連線，P點(diǎn)的電勢(shì)最低，是不是等于零，取決于電勢(shì)零點(diǎn)的位置選取在哪兒，根據(jù)電勢(shì)能的定義可知，正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能最小，故B錯(cuò)誤，D正確；C．在P點(diǎn)時(shí)速度最大，合力為零，則有可得故C錯(cuò)誤。故選D。8.某些腫瘤可以用“質(zhì)子療法”進(jìn)行治療。在這種療法中，為了能讓質(zhì)子進(jìn)入癌細(xì)胞，首先要實(shí)現(xiàn)質(zhì)子的高速運(yùn)動(dòng)，該過程需要一種被稱作“粒子加速器”的裝置來實(shí)現(xiàn)。質(zhì)子先被加速到較高的速度，然后轟擊腫瘤并殺死癌細(xì)胞。如圖所示，來自質(zhì)子源的質(zhì)子（初速度為零），經(jīng)加速電壓為U的加速器加速后，形成細(xì)柱形的質(zhì)子流。已知細(xì)柱形的質(zhì)子流橫截面積為S，其等效電流為I；質(zhì)子的質(zhì)量為m，其電量為e。那么這束質(zhì)子流內(nèi)單位體積的質(zhì)子數(shù)n是（　?。?A.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】質(zhì)子在加速電場(chǎng)中加速，根據(jù)動(dòng)能定理有根據(jù)電流的微觀表達(dá)式聯(lián)立解得故選D。9.某介質(zhì)中兩持續(xù)振動(dòng)振源P、Q分別位于x軸上和處，t=0時(shí)刻兩振源同時(shí)開始振動(dòng)，t=3s時(shí)刻在x軸上第一次形成如圖所示的波形。則下列說法正確的是（　　）A.波在傳播過程中遇到1m尺度的障礙物能發(fā)生明顯的衍射B.振源Q起振方向沿y軸正方向C.振源P在這3秒內(nèi)的路程為24cmD.兩列波在處相遇后，該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)始終加強(qiáng)【答案】C【解析】【詳解】A．由圖可知兩波的波長(zhǎng)均為，在傳播過程中遇到1m尺度的障礙物，由于障礙物的尺寸遠(yuǎn)大于波長(zhǎng)，則不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤； B．由圖可知此時(shí)處質(zhì)點(diǎn)的起振方向沿y軸負(fù)方向，則振源Q起振方向沿y軸負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；C．由題意可知波速為則周期為由于可知振源P在這3秒內(nèi)的路程為故C正確；D．兩列波在同一介質(zhì)中傳播，則波速相等，由圖可知當(dāng)振源P的波峰傳處時(shí)，振源Q的波谷也剛好傳到處，則兩列波在處相遇后，該質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)始終減弱，故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖，兩水平面（虛線）之間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。自該區(qū)域上方的A點(diǎn)將質(zhì)量均為m、電荷量分別為q和q（q>0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場(chǎng)的方向向右射出。小球在重力作用下進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開，M、N離開電場(chǎng)下邊界的位置分別為a點(diǎn)和b點(diǎn)（圖中未畫出）。已知N離開電場(chǎng)時(shí)的速度方向豎直向下。由此可知（）A.小球M與N在電場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相等B.M在電場(chǎng)中不可能做直線運(yùn)動(dòng)C.從進(jìn)入電場(chǎng)到離開電場(chǎng)，小球M與N電勢(shì)能改變量的絕對(duì)值之比為2：1D.將另一個(gè)不帶電的小球P以相同的水平初速度從A點(diǎn)向右射出，小球P必將經(jīng)過a、b連線的中點(diǎn)【答案】D【解析】【詳解】A．兩球在豎直方向均受重力，豎直方向上做加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由于豎直方向上的位移相等，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故A錯(cuò)誤； B．小球M進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)受向右的電場(chǎng)力和向下的重力作用，如果小球進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度方向與電場(chǎng)力和重力的合力方向相同，則小球M可以在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)小球水平方向上的加速度為a，初速度為v0，小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，對(duì)N球由速度公式可得M球在電場(chǎng)中的位移N球在電場(chǎng)中位移聯(lián)立可得故xM=3xN所以電場(chǎng)力做功比為3:1，則電勢(shì)能的改變量的絕對(duì)值之比為3:1，故C錯(cuò)誤；D．如果小球不帶電，則小球只受重力作用，但運(yùn)動(dòng)時(shí)間和水平初速度不變，故在電場(chǎng)中的水平位移所以小球P一定在ab連線的中點(diǎn)，故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4個(gè)小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中有多項(xiàng)符合題目要求。選對(duì)得4分，選不全得2分，選錯(cuò)不得分。）11.一列簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸傳播，t=4s時(shí)刻的波形如圖甲所示，其中位于橫坐標(biāo)x=5m處的一質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)圖像如圖乙所示，B是圖甲中縱坐標(biāo)為y=2.5cm的另一質(zhì)點(diǎn)。下列說法正確的是（） A.質(zhì)點(diǎn)A位移隨時(shí)間的關(guān)系為B.該橫波的傳播方向?yàn)閤軸負(fù)方向C.B點(diǎn)的橫坐標(biāo)為D.t=7s時(shí)B點(diǎn)的位移是2.5cm【答案】AC【解析】【詳解】A．該橫波的周期為角速度為質(zhì)點(diǎn)A的位移隨時(shí)間的關(guān)系為y=5sin(t)cm故A正確；B．因t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)A沿y軸正向運(yùn)動(dòng)，結(jié)合波形圖“同側(cè)法”可知該橫波的傳播方向?yàn)閤軸正方向，故B錯(cuò)誤；C．波傳播速度為由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，B點(diǎn)超前x=7m的質(zhì)點(diǎn)所以B點(diǎn)到x=7m處的距離為，所以有即B點(diǎn)的橫坐標(biāo)為，故C正確；D．該波波速為t=4s到t=7s經(jīng)歷4s，該波沿x軸正向傳播3m，此時(shí)x=7m處的質(zhì)點(diǎn)在波峰位置，則B點(diǎn)的位移是故D錯(cuò)誤。 故選AC。12.如圖（a），O、P為光滑水平面上相距0.3m的兩點(diǎn)，O、P連線上存在方向從O指向P的電場(chǎng)，其上各點(diǎn)的電勢(shì)隨距O點(diǎn)的距離x變化的關(guān)系如圖（b）所示，圖中斜線為圖線在點(diǎn)P（0.3m，200V）的切線。現(xiàn)將一質(zhì)量、電荷量的小物塊從O點(diǎn)靜止釋放。關(guān)于小物塊在OP間的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法正確的是（　?。〢.從釋放開始加速度一直減小B.從釋放開始速度一直增大C.運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，加速度大小D.運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，速度大小【答案】BC【解析】【詳解】A．電勢(shì)隨距O點(diǎn)的距離x變化的圖像斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，可知斜率先增大后減小，所以加速度先增大后減小，故A錯(cuò)誤；B．O、P連線上存在方向從O指向P的電場(chǎng)，小物塊從O點(diǎn)靜止釋放，小球帶正電，電場(chǎng)力方向與速度方向相同，所以從釋放開始速度一直增大，故B正確；C．電勢(shì)隨距O點(diǎn)的距離x變化的圖像斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，可知根據(jù)牛頓第二定律得解得故C正確；D．由動(dòng)能定理得 解得故D錯(cuò)誤。故選BC。13.如圖（a），長(zhǎng)為4d、間距為d平行金屬板水平放置，兩金屬板左邊中點(diǎn)O有一粒子源，能持續(xù)水平向右發(fā)射初速度為、電荷量為、質(zhì)量為m的粒子，金屬板右側(cè)距離為d處豎直放置一足夠大的熒光屏?，F(xiàn)在兩板間加圖（b）所示電壓，已知時(shí)刻射入的粒子恰好能從金屬板射出。不計(jì)粒子重力，則（　　）A.不同時(shí)刻入射的粒子在金屬板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相等B.時(shí)刻入射的粒子恰能從金屬板右側(cè)中點(diǎn)出射C.時(shí)刻入射的粒子從金屬板間出射時(shí)動(dòng)能D.粒子打在右側(cè)熒光屏上的長(zhǎng)度范圍為d【答案】BD【解析】【詳解】A．已知時(shí)刻射入的粒子恰好能從金屬板射出，則有，，作出不同時(shí)刻進(jìn)入金屬板的粒子在電場(chǎng)方向速度與時(shí)間的圖像如圖 有圖像可以看出，在時(shí)刻（n=0,1,2,3，…）進(jìn)入金屬板的粒子會(huì)在電場(chǎng)方向上有最大位移，結(jié)合題目條件知最大位移為，其它時(shí)刻進(jìn)入的粒子在電場(chǎng)方向位移都小于，所以不同時(shí)刻進(jìn)入金屬板的粒子都能夠輸出金屬板，由水平方向勻速運(yùn)動(dòng)可知，粒子射出金屬板時(shí)間都相同，時(shí)間都為A錯(cuò)誤；B．由A中分析，結(jié)合圖像可知，時(shí)刻入射的粒子在T時(shí)間內(nèi)沿電場(chǎng)力方向總位移為零，所以恰能從金屬板右側(cè)中點(diǎn)出射，B正確；C．由于粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，恰為電壓隨時(shí)間變化的周期，故粒子在電場(chǎng)中所受相反電場(chǎng)力作用時(shí)間相同，根據(jù)動(dòng)量定理有故粒子無論何時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)，出射時(shí)只剩水平速度v0，豎直方向的速度為0，故粒子從金屬板間出射時(shí)動(dòng)能C錯(cuò)誤；D．由A中分析可知不同時(shí)刻出射的粒子出射的位置在兩金屬板右側(cè)上下邊緣之間，速度均水平向右，出射的粒子經(jīng)O水平向右勻速射到熒光屏上，可知粒子打在右側(cè)熒光屏上的長(zhǎng)度范圍為d，D正確。故選BD。14.質(zhì)量為m、電量為q的帶正電小球由空中A點(diǎn)無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，再經(jīng)過t秒小球又回到A點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力且小球從未落地。已知重力加速度為g，則() A.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為B.整個(gè)過程中小球動(dòng)量增加了2mgtC.從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢(shì)能減少了D.整個(gè)過程中小球電勢(shì)能減少了mg2t2【答案】C【解析】【詳解】A．小球先做自由落體運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)過程的位移大小相等、方向相反。設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，加電場(chǎng)后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向?yàn)檎较蚪獾糜膳ｎD第二定律得解得場(chǎng)強(qiáng)為A錯(cuò)誤；B．則小球回到A點(diǎn)時(shí)的速度為整個(gè)過程中小球速度增量的大小為整個(gè)過程中小球動(dòng)量增量B錯(cuò)誤； C．設(shè)從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的高度為h，根據(jù)動(dòng)能定理得解得從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢(shì)能減少了C正確；D．電勢(shì)能減小D錯(cuò)誤。故選C。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2個(gè)小題，每空2分，共18分。）15.某同學(xué)用傳感器做“觀察電容器的充放電”實(shí)驗(yàn)，采用的實(shí)驗(yàn)電路如圖所示。（1）在下列圖像中，表示以上電容器充電和放電過程中，通過傳感器的電流隨時(shí)間變化的圖像為__________，電容器的帶電量隨時(shí)間變化的圖像為__________。（2）該同學(xué)用同一電路分別給兩個(gè)不同的電容器充電，電容器的電容，充電過程中電容器極板間電壓隨電容器的帶電量變化的圖像分別如圖中①②所示，其中對(duì)應(yīng)電容為的充電過程圖像是_______（選填①或②）。請(qǐng)說明你的判斷依據(jù)______________。 【答案】①.A②.C③.①④.見解析【解析】【詳解】（1）[1][2]將開關(guān)先與“1”端閉合，電容器與電源相連，進(jìn)行充電。稍后再將開關(guān)與“2”端閉合。電容器放電，充電電流與放電電流方向相反，放電過程中因?yàn)闃O板的電荷量逐漸減小，所以電勢(shì)差也逐漸減?。怀潆娺^程中因?yàn)闃O板的電勢(shì)差逐漸增大，所以電源電動(dòng)勢(shì)和極板的電勢(shì)逐漸接近，因此電流均逐漸變小，故傳感器的電流隨時(shí)間變化的圖像為A。充電過程，電壓逐漸增大，且增大的越來越慢，放電過程電壓逐漸變下，減小的越來越慢，故電壓隨時(shí)間變化的圖像為C。（2）[3][4]用同一電路分別給兩個(gè)不同的電容器充電，則充電完成后，兩電容器兩端電壓相同，根據(jù)U-Q圖像中圖線的斜率表示電容的倒數(shù)，因?yàn)殡娙萜鞯碾娙軨1＜C2，所以①對(duì)應(yīng)電容為C1的電容器充電過程。16.要測(cè)一個(gè)待測(cè)電阻Rx（190?--210?）的阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：電源E：電動(dòng)勢(shì)3.0V，內(nèi)阻不計(jì)；電流表A1：量程0~10mA，內(nèi)阻r1約50?；電流表A2：量程0~500μA，內(nèi)阻r2為1000?；滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值20?，額定電流2A；定值電阻R2=5000?；定值電阻R3=500?；電鍵S及導(dǎo)線若干．要求實(shí)驗(yàn)中盡可能準(zhǔn)確測(cè)量Rx的阻值，請(qǐng)回答下面問題：（1）為了測(cè)定待測(cè)電阻上的電壓，可以將電流表_______（選填“A1”或“A2”）串聯(lián)定值電阻______（選填“R2”或“R3”），將其改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表． （2）如圖（1）所示，同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)了測(cè)量電阻Rx的甲、乙兩種電路方案，其中用到了改裝后的電壓表和另一個(gè)電流表，則應(yīng)選電路圖__________（選填“甲”或“乙”）．（3）若所選測(cè)量電路中電流表的讀數(shù)為I=6.2mA，改裝后的電壓表讀數(shù)如圖（2）所示，則電壓表讀數(shù)是________V．根據(jù)電流表和電壓表的讀數(shù)，并考慮電壓表內(nèi)阻，求出待測(cè)電阻Rx=________?．【答案】①.（1）A2②.R2③.（2）甲④.（3）1.20；⑤.200【解析】【分析】把電流表改裝成電壓表，需要知道電流表內(nèi)阻與滿偏電流；根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表的接法，然后選擇實(shí)驗(yàn)電路；根據(jù)歐姆定律求出電壓表示數(shù)與待測(cè)電阻阻值．【詳解】（1）將小量程的電流表改裝成電壓表，電流表需要知道兩個(gè)參數(shù)：量程和內(nèi)阻，故電流表選A2．串聯(lián)電阻阻值，定值電阻應(yīng)選R2．（2）因=3.8～4.2，≈31.6～28.6，＞，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選甲．（3）電壓表示數(shù)U=1.20V，待測(cè)電阻阻值．四、計(jì)算題（本題共3個(gè)小題，第17題8分，第18題12分，第19題16分。要求寫出必要的公式、文字?jǐn)⑹觥＃?7.如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間的距離。電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)電阻，電阻。閉合S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球從B板小孔以初速度豎直向上射入板間。若小球帶電量為，質(zhì)量為，不考慮空氣阻力。那么滑動(dòng)變阻器滑片P在某位置時(shí)，小球恰能到達(dá)A板。（?。┣螅海?）兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；（2）滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）小球恰能從B到A，由動(dòng)能定理可得 解得則兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（2）由閉合電路歐姆定律可得解得則滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為18.水面上水波的速度跟水深度有關(guān)，其關(guān)系式為，式中h為水的深度，g為重力加速度。如圖甲所示是某水域的剖面圖，C、D兩部分深度不同，圖乙是從上往下俯視，O點(diǎn)處于兩部分水面分界線上，M和N分別是處在C和D兩區(qū)域水面上的兩點(diǎn)。t=0時(shí)刻O點(diǎn)從平衡位置向上振動(dòng)，形成以O(shè)點(diǎn)為波源向左和向右傳播的水波（可看作是簡(jiǎn)諧橫波）。t=2.5s時(shí)O點(diǎn)第二次到達(dá)波峰，此時(shí)M點(diǎn)第一次到達(dá)波峰。已知D區(qū)域水波振幅A=5cm，水深hD=0.90m，OM間距離4.0m，ON間距離3.0m，g=10m/s2。求：（1）C區(qū)域的水深hC；（2）N點(diǎn)在t=3s時(shí)的振動(dòng)方向及此時(shí)的位移；（3）t=10s時(shí)，處在D水域水面上的Q點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）處于波峰，且OQ間只有一個(gè)波峰，則Q點(diǎn)在t=0至t=10s時(shí)間內(nèi)振動(dòng)的路程是多少？【答案】（1）0.40m；（2）向上振動(dòng)，位移為0；（3）【解析】【詳解】（1）對(duì)O點(diǎn)的振動(dòng)分析，則 解得對(duì)M點(diǎn)的振動(dòng)分析，知C區(qū)域水波波長(zhǎng)為則有由，代入數(shù)據(jù)求得（2）由，代入數(shù)據(jù)求得又由解得波傳到N點(diǎn)的時(shí)間所以時(shí)，N點(diǎn)剛好完成一個(gè)全振動(dòng)，可知其在平衡位置向上振動(dòng)，位移為0m。（3）時(shí)，O點(diǎn)在平衡位置向上振動(dòng)，可畫出D區(qū)域水波的波動(dòng)圖像如圖所示由圖可知?jiǎng)t有 則Q點(diǎn)振動(dòng)時(shí)間為所以Q點(diǎn)振動(dòng)的路程為19.如圖所示，xoy為一豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系，A、B為兩坐標(biāo)軸上的點(diǎn)，其中A點(diǎn)的坐標(biāo)為（3d，0），B點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，d）。將一質(zhì)量為m的小球從B點(diǎn)以某一初動(dòng)能沿x軸正方向水平拋出，小球剛好能經(jīng)過x軸上的A點(diǎn)?，F(xiàn)使此小球帶電，電荷量為（），同時(shí)在空間加一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向平行于坐標(biāo)平面。將小球以同樣的初動(dòng)能從坐標(biāo)原點(diǎn)O點(diǎn)沿某一方向拋出，小球經(jīng)過了A點(diǎn)，且經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為初動(dòng)能的倍；若將該小球以同樣的初動(dòng)能從O點(diǎn)沿另一方向拋出，小球剛好能通過B點(diǎn)，且經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能也為初動(dòng)能的倍，重力加速度大小為g。（1）求小球的初動(dòng)能；（2）加電場(chǎng)后，為多大；（3）求所加勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小及方向與x軸正方向夾角的正切值。【答案】（1）；（2）；（3），方向指向右上方，與x軸正方向夾角的正切值為4【解析】【詳解】（1）設(shè)小球在B點(diǎn)的速度為，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)所用時(shí)間為，則由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得聯(lián)立解得 故小球的初動(dòng)能為（2）加電場(chǎng)后，由動(dòng)能定理得解得，，（3）設(shè)A點(diǎn)電勢(shì)，則分析可知，連線的四等分點(diǎn)C點(diǎn)（0，）的電勢(shì)與A點(diǎn)相同，連接AC所得線即為等勢(shì)線。過O點(diǎn)向AC作中垂線交于D點(diǎn)，如圖所示：根據(jù)相似三角形有得 因此所加勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為方向由O指向D，與x軸正方向夾角的正切值為