新疆維吾爾自治區(qū)烏魯木齊市第101中學(xué)2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期期中物理 Word版含解析.docx

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烏魯木齊市第101中學(xué)2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期期中測(cè)試卷物理試題（范圍：必修第三冊(cè)）總分100分：考試時(shí)間100分鐘一、選擇題（20題每題兩分共40分）1.某家庭使用的智能電飯煲，其銘牌如圖所示。假如用此電飯煲煮飯時(shí)，均在額定功率下工作30min，則該電飯煲煮飯時(shí)消耗的電能數(shù)量級(jí)為（　　）豪華微電腦電飯煲貨號(hào)：FC307B型號(hào)：MB-FC307B額定容量：3.0L穩(wěn)定電壓：220V~/50Hz額定功率：640WA.102B.104C.106D.108【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)題意，由公式可得，該電飯煲煮飯時(shí)消耗電能為故選C。2.某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系和電阻、的電壓與電流的關(guān)系如圖所示。用此電源和電阻、組成電路。、可以同時(shí)接入電路，也可以單獨(dú)接入電路。為使電源輸出功率最大，可采用的接法是（　?。?A.將單獨(dú)接到電源兩端B.將單獨(dú)接到電源兩端C.將、串聯(lián)后接到電源兩端D.將、并聯(lián)后接到電源兩端【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律可得根據(jù)圖中電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線可知，電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為，設(shè)外電阻為時(shí)，電源的輸出功率為由于基本不等式可知，當(dāng)外電阻時(shí)，電源的輸出功率最大；由電阻的伏安特性曲線可得，、串聯(lián)后的阻值為、并聯(lián)后的阻值為可知將、并聯(lián)后接到電源兩端時(shí)，電源輸出功率最大。故選D。3.管道高頻焊機(jī)可以對(duì)由鋼板卷成的圓管的接縫實(shí)施焊接。焊機(jī)的原理如圖所示，圓管通過一個(gè)接有高頻交流電源的線圈，線圈所產(chǎn)生的交變磁場(chǎng)使圓管中產(chǎn)生交變電流，電流產(chǎn)生的熱量使接縫處的材料熔化，將其焊接。焊接過程中所利用的電磁學(xué)規(guī)律的發(fā)現(xiàn)者為（　?。?A.牛頓B.庫(kù)侖C.洛倫茲D.法拉第【答案】D【解析】【詳解】由題意可知圓管為金屬導(dǎo)體，導(dǎo)體內(nèi)部自成閉合回路，且有電阻，當(dāng)周圍的線圈中產(chǎn)生出交變磁場(chǎng)時(shí)，就會(huì)在導(dǎo)體內(nèi)部感應(yīng)出電流，電流通過電阻要發(fā)熱。該過程利用的原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，其發(fā)現(xiàn)者為法拉第，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。4.如圖所示，下列矩形線框在無(wú)限大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，則能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（　?。〢.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】矩形線框的磁通量發(fā)生變化，才能產(chǎn)生感應(yīng)電流。故選D。5.空間有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)中建立如圖所示的直角坐標(biāo)系Oxyz，M、N、P為電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，M點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，a，0），N點(diǎn)的坐標(biāo)為（a，0，0），P點(diǎn)的坐標(biāo)為。已知電場(chǎng)方向平行于直線MN，M點(diǎn)電勢(shì)為0，N點(diǎn)電勢(shì)為1V，則P點(diǎn)的電勢(shì)為（　?。〢.B. C.D.【答案】D【解析】【詳解】將立體圖中的P點(diǎn)投影在xOy平面，作出M、N、P三點(diǎn)在xOy平面的相對(duì)位置如圖所示，M點(diǎn)電勢(shì)為0，N點(diǎn)電勢(shì)為1V，P點(diǎn)投影記為。由于電場(chǎng)線水平，因此P點(diǎn)和點(diǎn)電勢(shì)一樣，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線方向如圖所示，O1為MN連線的中點(diǎn)，O2為O1N的中點(diǎn)，由幾何知識(shí)知AP′垂直于電場(chǎng)線，故P′、O2、A三點(diǎn)的電勢(shì)相等，又因?yàn)楣蔬xD。6.互相正對(duì)的平行金屬板、帶等量的異種電荷，傾斜固定放置，一個(gè)帶電小球（可看成點(diǎn)電荷）從一塊金屬板的邊緣附近由靜止釋放沿圖中水平虛線運(yùn)動(dòng)通過電場(chǎng)區(qū)域，兩板間的電場(chǎng)可看成勻強(qiáng)電場(chǎng)，則下列判斷正確的是（　?。〢.小球一定帶正電B.小球一定從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)C.小球受到的電場(chǎng)力和重力大小相等D.小球的電勢(shì)能一定減小【答案】D【解析】【詳解】A．由于小球由靜止釋放后，沿水平直線運(yùn)動(dòng)，小球一定做的是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由題意知小球受力如圖所示 由于兩板帶電的電性不明確，因此小球的帶電電性不能確定，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．由受力情況可知，小球一定從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．小球受到的電場(chǎng)力的豎直分力與重力平衡，因此小球受到的電場(chǎng)力一定大于重力，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．由于電場(chǎng)力做正功，因此小球的電勢(shì)能一定減小，故D項(xiàng)正確；故選D。7.如圖所示，若滑動(dòng)變阻器的滑片P向C端移動(dòng)時(shí)，小燈泡變亮，那么應(yīng)將N接（　?。〢.B接線柱B.C接線柱C.D接線柱D.以上都可以【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)題意可知，小燈泡變亮表明電路中的電流增大，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻值減小，長(zhǎng)度變短，而滑動(dòng)變阻器連入電路的電阻由下面的接線柱決定，只有N接C才能滿足題意。故選B。8.空間存在著平行紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，但電場(chǎng)的具體方向未知，現(xiàn)在紙面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy，用儀器沿Ox、Oy兩個(gè)方向探測(cè)該靜電場(chǎng)中各點(diǎn)電勢(shì)，得到各點(diǎn)電勢(shì)φ與橫、縱坐標(biāo)的函數(shù)關(guān)系如圖所示。關(guān)于該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E，下列說法正確的是（　?。〢.E＝3V/m，方向沿x軸正方向B.E＝5V/m，方向指向第一象限C.E＝400V/m，方向沿y軸負(fù)方向D.E＝500V/m，方向指向第三象限 【答案】D【解析】【詳解】從題中的圖像可以得到，坐標(biāo)為和的A、B兩點(diǎn)為等勢(shì)點(diǎn)，如圖所示，則電場(chǎng)強(qiáng)度的方向垂直于AB且指向第三象限，由幾何關(guān)系可知故選D。9.如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖像，下面結(jié)論正確的是（??）A.電源的電動(dòng)勢(shì)為6.0VB.電源的內(nèi)阻為12ΩC.電源的短路電流為0.5AD.電流為0.3A時(shí)外電阻是1.8Ω【答案】A【解析】【詳解】AB．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可知圖像的縱軸截距等于電動(dòng)勢(shì)，則有圖像的斜率絕對(duì)值等于內(nèi)阻，則有 故A正確，B錯(cuò)誤；C．電源的短路電流為故C錯(cuò)誤；D．電流為0.3A時(shí)外電阻故D錯(cuò)誤。故選A。10.如圖所示，O處有一通電直導(dǎo)線，其中的電流方向垂直于紙面向里，圖形abcd為以O(shè)點(diǎn)為同心圓的兩段圓弧a和c與兩個(gè)半徑b和d構(gòu)成的扇形，則以下說法中正確的是（　?。〢.該通電直導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖中的b或d所示，且離O點(diǎn)越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越強(qiáng)B.該通電直導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖中的b或d所示，且離O點(diǎn)越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱C.該通電直導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖中的a或c所示，且離O點(diǎn)越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越強(qiáng)D.該通電直導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖中的a或c所示，且離O點(diǎn)越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱【答案】D【解析】【詳解】由安培定則可知，通電直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)的磁感線是以通電導(dǎo)線為圓心的一系列同心圓，方向是圖中a或c箭頭所示，且離通電直導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱。故選D。11.在如圖所示的電路中，已知電源的電動(dòng)勢(shì)E＝6V，內(nèi)電阻r＝0.5Ω，外電阻R＝2.5Ω。閉合開關(guān)S后，外電阻R兩端的電壓為（　　） A.5VB.3VC.2VD.1V【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律，閉合S后，電流2AR兩端電壓U＝IR＝5V故選A。12.隨著我國(guó)人民生活水平的不斷提高，家庭中使用的電器越來(lái)越多。下列電器中主要利用電流的熱效應(yīng)工作的是（　　）A.電風(fēng)扇B.電飯煲C.電視機(jī)D.洗衣機(jī)【答案】B【解析】【詳解】電飯煲工作時(shí)，將消耗的電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，即利用電流的熱效應(yīng)工作，電風(fēng)扇、洗衣機(jī)、電視機(jī)除了將電能轉(zhuǎn)化為熱能外，還轉(zhuǎn)化成了其他形式的能。故選B。13.物理是一門以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)的學(xué)科，要用到很多測(cè)量?jī)x器，下列哪種儀器測(cè)量的不是國(guó)際單位制中的基本量（　　）A.B.C.D.【答案】A【解析】 【詳解】天平是測(cè)量質(zhì)量的儀器，質(zhì)量是國(guó)際單位制中的基本量；秒表是測(cè)量時(shí)間的儀器，時(shí)間是國(guó)際單位制中的基本量；螺旋測(cè)微器是測(cè)量長(zhǎng)度的儀器，長(zhǎng)度是國(guó)際單位制中的基本量。彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量的是力，而力不是國(guó)際單位制中的基本量，即彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量的不是國(guó)際單位制中的基本量。故選A。14.如圖所示，兩條完全相同的圓弧形材料AOB和COD，圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角都為120°，圓弧AOB在豎直平面內(nèi)，圓弧COD在水平面內(nèi)，以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)、水平向右為x軸正方向，兩弧形材料均勻分布正電荷，P點(diǎn)為兩段圓弧的圓心，已知P點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為、電勢(shì)為，設(shè)圓弧AO在圓心P處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，產(chǎn)生的電勢(shì)為φ，選無(wú)窮遠(yuǎn)的電勢(shì)為零，以下說法正確的是（　?。〢.，B.，C.將質(zhì)子（比荷）從P點(diǎn)無(wú)初速釋放，則質(zhì)子的最大速度為D.若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，x軸上各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電勢(shì)為零【答案】D【解析】【詳解】AB．圓弧AO在圓心P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小與圓弧OB在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)方向夾角為60°，電勢(shì)相等，同理圓弧OC在圓心P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小與圓弧OD在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，且夾角也為60°，電勢(shì)相等，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度矢量疊加法則有計(jì)算解得 根據(jù)電勢(shì)標(biāo)量的疊加法則有得故AB錯(cuò)誤；C．從P點(diǎn)無(wú)初速釋放質(zhì)子，到達(dá)無(wú)窮遠(yuǎn)處時(shí)速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理有得故C錯(cuò)誤；D．若兩段弧形材料帶上的是等量異種電荷，正電荷和負(fù)電荷在x軸上各點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，其合場(chǎng)強(qiáng)為零，正、負(fù)電荷產(chǎn)生電勢(shì)數(shù)值相等，電勢(shì)疊加結(jié)果為零，故D正確。故選D。15.水平光滑的絕緣木板上O點(diǎn)的正上方固定一正點(diǎn)電荷，其電荷量為Q，a、b、c為木板上以O(shè)為圓心的三個(gè)等間距同心圓。現(xiàn)將一帶正電的小球P從木板上O點(diǎn)附近靜止釋放，在小球依次經(jīng)過a、b、c位置的過程中，下列說法錯(cuò)誤的是（）A.點(diǎn)電荷電場(chǎng)電勢(shì)逐漸降低B.點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小C.小球運(yùn)動(dòng)的加速度逐漸增大D.小球的電勢(shì)能逐漸減小【答案】C【解析】【詳解】A．由正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線及等勢(shì)面分布特點(diǎn)可知A正確，不符合題意； B．由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)大小公式，由于a、b、c三點(diǎn)到正點(diǎn)電荷的距離可知B正確，不符合題意；C．易知P在O處所受電場(chǎng)力水平分力為零，在距離O無(wú)窮遠(yuǎn)處所受電場(chǎng)力的水平分力也為零，所以從O到無(wú)窮遠(yuǎn)處，P所受電場(chǎng)力的水平分力先增大后減小，根據(jù)題給條件條件無(wú)法比較P在a、b、c位置所受電場(chǎng)力的水平分力大小，進(jìn)而無(wú)法比較三點(diǎn)處加速度的大小，C錯(cuò)誤，符合題意；D．由可知，正電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大，小球P在三處的電勢(shì)能D正確，不符合題意。故選C。16.M和N是兩個(gè)不帶電的物體，它們互相摩擦后，M帶1.6×10－10C的正電，下列判斷正確的有（　?。〢.在摩擦前M和N的內(nèi)部沒有任何電荷B.摩擦的過程中正電荷從M轉(zhuǎn)移到NC.N在摩擦后一定帶負(fù)電1.6×10－10CD.M在摩擦過程中失去1.6×10－10個(gè)電子【答案】C【解析】【詳解】A．摩擦起電的本質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，說明在摩擦前M、N內(nèi)部都有電荷，A錯(cuò)誤；B．互相摩擦后M帶1.6×10-10C正電荷，故應(yīng)該是M上1.6×10-10C電子轉(zhuǎn)移到N上，B錯(cuò)誤；C．N原來(lái)是電中性，摩擦后M上1.6×10-10C的電子轉(zhuǎn)移到N上，故N在摩擦后一定帶1.6×10-10C的負(fù)電荷，C正確；D．M在摩擦過程中失去的電子數(shù)為n＝＝109個(gè)D錯(cuò)誤。故選C。17.如圖所示的電路中，電阻R=2Ω。斷開S后，電壓表的讀數(shù)為3V（電壓表為理想電壓表）；閉合S 后，電壓表的讀數(shù)為2V，則電源的內(nèi)阻r為（　?。〢.1ΩB.2ΩC.3ΩD.4Ω【答案】A【解析】【詳解】開關(guān)s斷開時(shí)有：，開s閉合時(shí)有：，其中，解得：，故A正確．18.下列關(guān)于電容器的敘述正確的是（　　）A.電容器是儲(chǔ)存電荷和電能的容器，只有帶電的容器才稱為電容器B.任何兩個(gè)彼此絕緣而又互相靠近的帶電導(dǎo)體，才能組成了電容器，跟這兩個(gè)導(dǎo)體是否帶電有關(guān)C.電容器所帶的電荷量是指兩個(gè)極板所帶電荷量的絕對(duì)值D.電容器充電過程，是將電能轉(zhuǎn)變成電容器的電場(chǎng)能并儲(chǔ)存起來(lái)；電容器放電的過程，是將電容器儲(chǔ)存的電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為其他形式的能【答案】D【解析】【詳解】AB．兩個(gè)彼此絕緣而又互相靠近的帶電導(dǎo)體組成了電容器，電容器是儲(chǔ)存電荷的容器，不論是否帶電都稱為電容器，AB錯(cuò)誤；C．電容器所帶電荷量是指一個(gè)極板所帶電荷量的絕對(duì)值，C錯(cuò)誤；D．電容器的充電過程是將由電源獲得的電能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能的過程，放電過程是將電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為其他形式的能的過程，D正確。故選D。19.如圖所示，在測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，閉合開關(guān)S，改變滑動(dòng)變阻器的阻值，讀出電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I，下列說法正確的是（　?。?A.電壓表讀數(shù)U增大時(shí)電流表讀數(shù)I也必定增大B.電壓表與電流表讀數(shù)變化量的比值的絕對(duì)值是滑動(dòng)變阻器的電阻C.電壓表與電流表讀數(shù)的比值是電源內(nèi)阻D.電壓表與電流表讀數(shù)變化量比值的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻【答案】D【解析】詳解】A．電壓表讀數(shù)U增大時(shí)，電源內(nèi)部電壓減小，而電源內(nèi)阻不變，由知回路中電流減小，電流表示數(shù)減小，故A錯(cuò)誤；BD．由閉合電路的歐姆定律可知兩式相減可得故D正確B錯(cuò)誤；C．由電路圖可知，電壓表與電流表讀數(shù)的比值是滑動(dòng)變阻器的阻值，故C錯(cuò)誤。故選D。20.如圖所示，矩形線框平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直，此時(shí)線框的磁通量為Φ；若磁場(chǎng)方向改為與線框平面平行。則線框的磁通量（　?。〢.仍為ΦB.變?yōu)? C.變?yōu)樵瓉?lái)的2倍D.變?yōu)樵瓉?lái)的一半【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)磁場(chǎng)方向平行于線框平面時(shí)，線框的磁通量為0。故選B。二、實(shí)驗(yàn)題（共12分）21.（1）用多用電表的歐姆擋測(cè)量阻值時(shí)，選擇倍率為“×100”歐姆擋，按正確的實(shí)驗(yàn)操作步驟測(cè)量，表盤指針位置如圖所示，該電阻的阻值約為________Ω；（2）下列關(guān)于用多用電表歐姆擋測(cè)電阻的說法中正確的是________；A．測(cè)量電阻時(shí)，如果紅、黑表筆分別插在負(fù)、正插孔，則不會(huì)影響測(cè)量結(jié)果B．測(cè)量阻值不同的電阻時(shí)，都必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零C．測(cè)量電路中的電阻時(shí)，應(yīng)該把該電阻與電路斷開（3）用多用電表探測(cè)二極管的極性，用歐姆擋測(cè)量，黑表筆接a端，紅表筆接b端時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)角較大，然后黑、紅表筆反接指針偏轉(zhuǎn)角較小，說明________（填“a”或“b”）端是二極管正極；（4）若這塊多用電表經(jīng)過長(zhǎng)期使用導(dǎo)致內(nèi)部電池電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大，則用這塊電表的歐姆擋測(cè)電阻時(shí)測(cè)量值________（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮竣?②.AC③.a④.偏大【解析】【詳解】[1]歐姆表的讀數(shù)為；[2]A．電流的流向不影響電阻的使用，所以紅黑表筆反接不影響測(cè)量結(jié)果，故A正確；B．只有換擋后需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，換電阻不換擋位，不需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故B錯(cuò)誤； C．為防止有電源時(shí)燒壞表頭，或者其他電阻影響測(cè)量結(jié)果，所以測(cè)量電阻時(shí)，應(yīng)將電阻與電路斷開，故C正確。故選AC；[3]黑表筆電勢(shì)高于紅表筆，當(dāng)黑表筆接a端，紅表筆接b端時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)角較大，說明電阻較小，即此時(shí)二極管導(dǎo)通，所以a端為二極管正極；[4]電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻增大，會(huì)使測(cè)量時(shí)的電流偏小，即指針偏角小，即電阻測(cè)量值偏大。三、解答題（共48分）22.如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一電荷量為的負(fù)點(diǎn)電荷從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為，AB間距離，與水平方向夾角為60°；求：（1）B、A間電勢(shì)差是多少？（2）電場(chǎng)強(qiáng)度E是多大？（3）如果A點(diǎn)的電勢(shì)為，求B點(diǎn)的電勢(shì)為多大？電荷量的負(fù)電荷在A點(diǎn)具有的電勢(shì)能是多少？【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）AB間電勢(shì)差則（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度（3）因V 而則V電荷量的正電荷在A點(diǎn)具有的電勢(shì)能為23.如圖所示，平行板電容器的兩個(gè)極板A、B分別接在電壓為的恒定電源上，兩板間距為，電容器帶電荷量為，A極板接地。求：（1）平行板電容器的電容；（2）距B板的C點(diǎn)的電勢(shì)；（3）若穩(wěn)定后與電源斷開，把B板上移，將一個(gè)電荷量的正點(diǎn)電荷從B板移到A板電場(chǎng)力所做的功？【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)電容定義式可知平行板電容器的電容為（2）電容器板間電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，大小為則板與點(diǎn)間的電勢(shì)差為 由于板接地，可知板電勢(shì)為零，則C點(diǎn)的電勢(shì)為（3）若穩(wěn)定后與電源斷開，則電容器所帶電荷量不變，根據(jù)把B板上移，可知板間場(chǎng)強(qiáng)保持不變，將一個(gè)電荷量的正點(diǎn)電荷從B板移到A板電場(chǎng)力所做的功為24.如圖所示，一負(fù)粒子從靜止開始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，獲得水平速度。沿水平放置的一對(duì)平行金屬板間中心線射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)（可看成勻強(qiáng)電場(chǎng)）中。已知負(fù)粒子的電荷量為，質(zhì)量為，偏轉(zhuǎn)金屬極板長(zhǎng)為，所加電壓為，P是下板中心的小孔。（不計(jì)粒子的重力）（1）求加速電場(chǎng)兩端的電壓；（2）若粒子恰能從P孔飛出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，求粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和兩偏轉(zhuǎn)極板間距；（3）若偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)兩極板間距離為，要使負(fù)粒子能飛出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，水平板板間所加偏轉(zhuǎn)電壓應(yīng)滿足的條件?！敬鸢浮浚?）；（2），；（3）或【解析】【詳解】（1）粒子加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理有解得 （2）粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿平行板方向有解得離子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為設(shè)離子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的加速度為，由牛頓第二定律可得沿電場(chǎng)方向有聯(lián)立解得兩偏轉(zhuǎn)板間距為（3）若粒子恰好從P孔飛出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，則有，，聯(lián)立解得若粒子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)右側(cè)飛出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，則沿平行板方向有沿電場(chǎng)方向有為了粒子能飛出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，則應(yīng)滿足聯(lián)立解得25.如圖，光滑斜面傾角為37°，一質(zhì)量m＝10g、電荷量q＝＋1×10－6C 的小物塊置于斜面上，當(dāng)加上水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，該物體恰能靜止在斜面上，g取10m/s2，求：（1）該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度；（2）若電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的，小物塊運(yùn)動(dòng)的加速度大??；（3）在（2）前提下，當(dāng)小物塊沿斜面下滑L＝m時(shí)，機(jī)械能的改變量?！敬鸢浮浚?）7.5×104N/C，方向水平向右；（2）3m/s2；（3）－0.02J【解析】【詳解】（1）如圖所示，小物塊受重力、斜面支持力和電場(chǎng)力三個(gè)力作用，受力平衡，則有在x軸方向Fcos37°－mgsin37°＝0在y軸方向FN－mgcos37°－Fsin37°＝0得qE＝mgtan37°故有E＝＝7.5×104N/C方向水平向右。（2）場(chǎng)強(qiáng)變化后物塊所受合力為F＝mgsin37°－qEcos37°根據(jù)牛頓第二定律得F＝ma 故代入解得a＝0.3g＝3m/s2方向沿斜面向下。（3）機(jī)械能的改變量等于電場(chǎng)力做的功，故ΔE＝－qELcos37°