浙江省杭州市學(xué)軍中學(xué)紫金港2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期期中物理 Word版含解析.docx

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物理試題一、選擇題Ⅰ（本小題共13小題，每小題3分，共39分。每小題給出的四個(gè)備選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）1.下列屬于國(guó)際單位制中的基本單位的是（　　）A.AB.m/sC.TD.V【答案】A【解析】【詳解】電流的單位A屬于國(guó)際基本單位，m/s、T、V都屬于導(dǎo)出單位。故選A。2.如圖所示，一輛裝滿(mǎn)石塊的貨車(chē)在平直道路上以加速度a向前加速運(yùn)動(dòng)。貨箱中的石塊B質(zhì)量為m，則石塊B周?chē)c它接觸的物體對(duì)石塊B作用力的合力為（　　）A.maB.mgC.D.【答案】D【解析】【詳解】貨車(chē)沿水平路而以加速度向前加速運(yùn)動(dòng)，與B接觸的物體對(duì)B的作用力F的方向斜向右上方，如圖所示 根據(jù)幾何關(guān)系可得作用力大小為故選D。3.科學(xué)的發(fā)展既需要前人的積累，又需要后來(lái)人遵循系統(tǒng)方法的創(chuàng)新。下列對(duì)于科學(xué)方法和物理學(xué)史敘述正確的是（　?。〢.楞次定律是楞次基于各種電磁現(xiàn)象演繹推理得到的B.法拉第電磁感應(yīng)定律是法拉第根據(jù)大量實(shí)驗(yàn)結(jié)果歸納推理得到的C.庫(kù)侖定律是庫(kù)侖通過(guò)控制變量法，精確改變帶電小球電荷量測(cè)量得到的D.擺的等時(shí)性最早由惠更斯建立單擺理想模型，進(jìn)行詳細(xì)的數(shù)學(xué)分析所證明【答案】A【解析】【詳解】A．楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出楞次定律，即感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，符合史實(shí)，故A正確；B．法拉第通過(guò)大量的實(shí)驗(yàn)研究發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，后來(lái)的科學(xué)家利用他大量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)用科學(xué)計(jì)算得到了法拉第電磁感應(yīng)定律，不符合史實(shí)，故B錯(cuò)誤；C．庫(kù)侖定律是庫(kù)侖通過(guò)控制變量法，改變帶電小球電荷量測(cè)量得到的，但庫(kù)侖的實(shí)驗(yàn)受限于技術(shù)無(wú)法精確改變小球帶電量，因此不符合史實(shí)，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)[的等時(shí)性最早是伽利略發(fā)現(xiàn)的，惠更斯利用了擺的等時(shí)性制作出了擺鐘，故D錯(cuò)誤。故選A。4.小羅同學(xué)每天都要乘坐電梯上下樓，電梯上行下行都會(huì)有減速和加速的過(guò)程。有一天，當(dāng)他學(xué)習(xí)了簡(jiǎn)諧振動(dòng)后突發(fā)奇想，也許可以通過(guò)簡(jiǎn)諧振動(dòng)周期的變化來(lái)測(cè)量電梯的加速度。為此小王同學(xué)挑選了兩個(gè)最經(jīng)典的簡(jiǎn)諧振動(dòng)模型，單擺（圖甲）和彈簧振子（圖乙）。那么根據(jù)你所學(xué)的知識(shí)，請(qǐng)預(yù)測(cè)小王同學(xué)的哪個(gè)方案可以成功（　?。?A.只有單擺可以B.只有彈簧振子可以C.兩個(gè)方案都可以D.兩個(gè)方案都不可以【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)單擺振動(dòng)的周期公式，若電梯的加速度為向上的a，則單擺的周期若電梯的加速度為向下的a，則單擺的周期則可以通過(guò)單擺的振動(dòng)周期求解電梯的加速度；而彈簧振子的周期與重力加速度無(wú)關(guān)，則不能用該裝置測(cè)量電梯的加速度。故選A。5.《太平廣記》中記載到“魏時(shí)，殿前鐘忽大鳴，震駭省署”，查其原因后得知“此蜀銅山崩，故鐘鳴應(yīng)之也”。下列四幅圖對(duì)應(yīng)的情境中涉及的物理原理與“山崩鐘鳴”原理相同的是（　?。〢.圖4為玻璃杯在音波的作用下碎裂B.圖3為揚(yáng)聲器表面的碎屑隨播放而跳動(dòng)C.圖2為汽車(chē)底部的減震器隨汽車(chē)行駛而振動(dòng)D.圖1為飛行中的蝙蝠利用回聲來(lái)判斷障礙物的方位【答案】A【解析】【詳解】“山崩鐘鳴”原理屬于聲音的共鳴現(xiàn)象；與之原理相同的使A，即圖4 玻璃杯在音波的作用下碎裂是由聲波的共振造成的。而B(niǎo)C說(shuō)的都是物體在驅(qū)動(dòng)力作用下的受迫振動(dòng)，D說(shuō)的是機(jī)械波的反射現(xiàn)象。故選A。6.如圖，P為橋墩，A為靠近橋墩浮出水面的葉片，波源S連續(xù)振動(dòng)，形成水波，此時(shí)葉片A靜止不動(dòng)。為使水波能帶動(dòng)葉片振動(dòng)，可用的方法是（　?。〢.增加波源頻率B.降低波源頻率C.增強(qiáng)波源振動(dòng)強(qiáng)度D.增加波源到橋墩的距離【答案】B【解析】【詳解】為使水波能帶動(dòng)葉片振動(dòng)，則必須要使得水波發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，即增大波長(zhǎng)，即減小水波頻率，降低波源頻率；而增強(qiáng)波源振動(dòng)強(qiáng)度或者增加波源到橋墩的距離，都不能使水波產(chǎn)生明顯的衍射。故選B。7.外電場(chǎng)中的導(dǎo)體會(huì)建立靜電平衡，進(jìn)而人們可以設(shè)計(jì)出很多有趣的實(shí)驗(yàn)，如圖所示。一名男子站在特斯拉線(xiàn)圈之上，特斯拉線(xiàn)圈中通有快速變化的電流，會(huì)在周?chē)臻g中產(chǎn)生高達(dá)百萬(wàn)伏特的電壓，因此空氣被擊穿，木棒被點(diǎn)燃，然而穿著金屬防護(hù)衣的男子卻安然無(wú)恙，這一切都和金屬在外電場(chǎng)中的特性密不可分。下列關(guān)于靜電平衡的導(dǎo)體的表述正確的是（　　）A.金屬防護(hù)服內(nèi)部空間的電勢(shì)可近似認(rèn)為是處處相等的B.若用金屬外衣套將特斯拉線(xiàn)圈包裹住，則人不穿金屬防護(hù)服亦可安然無(wú)恙C.只要人的身體同防護(hù)服緊密接觸，哪怕部分身體暴露在防護(hù)服外也是安全的D.導(dǎo)體的靜電平衡只在外電場(chǎng)是靜電場(chǎng)時(shí)才是嚴(yán)格成立的，當(dāng)外電場(chǎng)是快速變化的交變電場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體內(nèi)自由電荷有可能來(lái)不及響應(yīng)從而導(dǎo)致靜電平衡被破壞 【答案】A【解析】【詳解】A．金屬防護(hù)服可以屏蔽外部電場(chǎng)，使得內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，內(nèi)部是等勢(shì)體，即內(nèi)部空間的電勢(shì)可近似認(rèn)為是處處相等的，選項(xiàng)A正確；B．若用金屬外衣套將特斯拉線(xiàn)圈包裹住，則外部仍然會(huì)有電場(chǎng)，即人不穿金屬防護(hù)服會(huì)有危險(xiǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．只要人身體同防護(hù)服緊密接觸，人體總是等勢(shì)體，但是若部分身體暴露在防護(hù)服外面會(huì)使得暴露的部分由于帶電產(chǎn)生火花放電而發(fā)生危險(xiǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．導(dǎo)體的靜電平衡不只在外電場(chǎng)是靜電場(chǎng)時(shí)才成立，當(dāng)外電場(chǎng)是快速變化的交變電場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體內(nèi)自由電荷也會(huì)迅速移動(dòng)從而導(dǎo)致導(dǎo)體迅速達(dá)到靜電平衡，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。8.在學(xué)習(xí)了超重失重之后，小陳同學(xué)想利用力傳感器來(lái)研究下蹲和起立過(guò)程中的超重失重問(wèn)題。小陳同學(xué)站在測(cè)力板上做下蹲和起立的動(dòng)作，力傳感器采集的圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.DE段為起立過(guò)程，AC段為下蹲過(guò)程B.下蹲過(guò)程重力的沖量等于起立過(guò)程壓力的沖量C.下蹲過(guò)程壓力的沖量大于起立過(guò)程壓力的沖量D.AB和FE段為起立過(guò)程，BC和DF段為下蹲過(guò)程【答案】C【解析】【詳解】AD．下蹲過(guò)程，加速度先向下后向上，先失重后超重；起立過(guò)程，加速度先向上后向下，先超重后失重；則AC段為起立過(guò)程，DE段為下蹲過(guò)程，選項(xiàng)AD錯(cuò)誤；BC ．因起立和下蹲過(guò)程的初末速度均為零，根據(jù)動(dòng)量定理，起立過(guò)程壓力的沖量等于起立過(guò)程中重力的沖量；下蹲過(guò)程壓力的沖量等于下蹲過(guò)程中重力的沖量；由圖可知下蹲過(guò)程的時(shí)間大于起立過(guò)程的時(shí)間，即下蹲過(guò)程重力的沖量大于起立過(guò)程重力的沖量，則下蹲過(guò)程重力的沖量大于起立過(guò)程壓力的沖量；下蹲過(guò)程壓力的沖量大于起立過(guò)程壓力的沖量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；故選C。9.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為9V，電源內(nèi)阻為，電路中的電阻為，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為，閉合開(kāi)關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，理想電流表的示數(shù)為1.0A，則以下判斷中正確的是（　　）A.電源輸出的功率為9WB.電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為1VC.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為6WD.若電動(dòng)機(jī)被異物卡住，其消耗的電功率將增加【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知路端電壓為電源輸出的功率故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律有故B錯(cuò)誤；C．電動(dòng)機(jī)的電功率為電動(dòng)機(jī)的熱功率為電動(dòng)機(jī)的輸出功率為故C正確； D．若電動(dòng)機(jī)被異物卡住，則可將電動(dòng)機(jī)視為純電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律有此時(shí)電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為綜合前面分析可知，電動(dòng)機(jī)消耗的電功率減小了，故D錯(cuò)誤。故選C。10.小曾同學(xué)在學(xué)習(xí)了平拋運(yùn)動(dòng)之后決心苦練飛鏢技術(shù)，某一次練習(xí)的結(jié)果如圖所示。A、B兩只相同的飛鏢從離墻壁一定距離的同一位置，分別被小曾同學(xué)水平擲出，兩只飛鏢插在靶上的狀態(tài)如圖所示（側(cè)視圖），則下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.飛鏢A的初速度小于飛鏢B的初速度B.人對(duì)飛鏢A做的功小于人對(duì)飛鏢B做的功C.飛鏢A動(dòng)量的變化率等于飛鏢B動(dòng)量的變化率D.飛鏢A在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間等于飛鏢B在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【答案】C【解析】【詳解】ABD．兩只飛鏢均做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)知，B鏢下落的高度大，則B鏢運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比A鏢的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)，兩鏢的水平位移相等，根據(jù)x=v0t知，B鏢的初速度小，A鏢的初速度大，根據(jù)能量守恒可知，人對(duì)飛鏢A做的功大于人對(duì)飛鏢B做的功，故ABD錯(cuò)誤；C．動(dòng)量的變化率等于合外力，兩鏢的合外力相同，都是重力，所以飛鏢A動(dòng)量的變化率等于飛鏢B動(dòng)量的變化率，故C正確； 故選C。11.某同學(xué)學(xué)習(xí)了電磁感應(yīng)相關(guān)知識(shí)之后，做了如下探究性實(shí)驗(yàn)：將閉合線(xiàn)圈按圖所示方式放在電子秤上，線(xiàn)圈正上方有一N極朝下豎直放置的條形磁鐵，手握磁鐵在線(xiàn)圈的正上方靜止，此時(shí)電子秤的示數(shù)為m0。下列說(shuō)法正確的是（　?。〢.將磁鐵N極加速插向線(xiàn)圈的過(guò)程中，電子秤的示數(shù)小于m0B.將靜止于線(xiàn)圈內(nèi)的磁鐵勻速抽出的過(guò)程中，電子秤的示數(shù)大于m0C.將磁鐵N極加速插向線(xiàn)圈的過(guò)程中，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的電流沿逆時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎〥.將磁鐵N極加速插向線(xiàn)圈的過(guò)程中，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的電流沿順時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎敬鸢浮緾【解析】【詳解】AB．將條形磁鐵插向線(xiàn)圈或從線(xiàn)圈中抽出的過(guò)程中，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量發(fā)生了變化，線(xiàn)圈中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，線(xiàn)圈與條形磁鐵會(huì)發(fā)生相互作用，根據(jù)楞次定律的推論“來(lái)拒去留”可知，在將磁鐵插向線(xiàn)圈（無(wú)論是勻速、加速還是減速）的過(guò)程中，線(xiàn)圈與磁鐵相互排斥，導(dǎo)致電子秤的示數(shù)大于m0，在抽出磁鐵（無(wú)論是勻速、加速還是減速）的過(guò)程中，線(xiàn)圈與磁鐵相互吸引，導(dǎo)致電子秤的示數(shù)小于m0，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)楞次定律和安培定則可判斷，將條形磁鐵的N極加速插向線(xiàn)圈時(shí)，線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎?，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。12.類(lèi)比是一種重要的科學(xué)思想方法。在物理學(xué)史上，法拉第通過(guò)類(lèi)比不可壓縮流體中的流速線(xiàn)提出用電場(chǎng)線(xiàn)來(lái)描述電場(chǎng)。正電荷就像產(chǎn)生流體的“源”，所以電場(chǎng)線(xiàn)從正電荷發(fā)出；而負(fù)電荷像吸納流體的“匯”，因此電場(chǎng)線(xiàn)終止于負(fù)電荷。源或者匯處流量的大小也可以類(lèi)比正負(fù)電荷電量的多少。根據(jù)上述類(lèi)比再結(jié)合你所學(xué)的知識(shí)，對(duì)于圖中所示的電場(chǎng)線(xiàn)，結(jié)論正確的是（　?。?A.電荷A的電量大小小于電荷B的電量B.Q點(diǎn)處沒(méi)有電場(chǎng)線(xiàn)，所以Q點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度大小為零C.圖中虛線(xiàn)①是一正試探電荷僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，該試探電荷在Q點(diǎn)處的電勢(shì)能小于P點(diǎn)處的電勢(shì)能D.圖中虛線(xiàn)②是一負(fù)試探電荷僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，該試探電荷在Q點(diǎn)處受到的靜電力小于在P點(diǎn)處受到的靜電力【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)分布的疏密可知，A附近的場(chǎng)強(qiáng)比B附近的場(chǎng)強(qiáng)大，電荷A的電量大小大于電荷B的電量，故A錯(cuò)誤；B．由電場(chǎng)線(xiàn)方向可判斷，電荷A為正電荷，電荷B為負(fù)電荷，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)分布特征可知，兩場(chǎng)源電荷在Q點(diǎn)處合電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)P、Q兩點(diǎn)距離場(chǎng)源電荷遠(yuǎn)近關(guān)系可知，P點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)電勢(shì)，因此該正試探電荷在Q點(diǎn)處的電勢(shì)能小于P點(diǎn)處的電勢(shì)能，故C正確；D．由點(diǎn)電荷周?chē)妶?chǎng)強(qiáng)度分布特征可知，P點(diǎn)處的合場(chǎng)強(qiáng)小于Q點(diǎn)處的合場(chǎng)強(qiáng)，故負(fù)試探電荷在Q點(diǎn)處受到的靜電力大于在P點(diǎn)處受到的靜電力，故D錯(cuò)誤。故選C。13.隨著科技的進(jìn)步，近地空間中的“太空垃圾”也越來(lái)越多。一種叫做航天飛纜的技術(shù)可以被用來(lái)清理太空垃圾，如圖甲所示。航天飛纜是用柔性纜索將兩個(gè)物體連接起來(lái)在太空飛行的系統(tǒng)，飛纜系統(tǒng)在太空飛行中能為自身提供電能和拖曳力。假定PQ組成的系統(tǒng)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖乙中的軌道II所示，且PQ連線(xiàn)始終指向地心，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（　?。?A.若此時(shí)PQ的運(yùn)動(dòng)方向如圖甲所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，則P的電勢(shì)高于Q的電勢(shì)B.若此時(shí)PQ的運(yùn)動(dòng)方向如圖甲所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外。假定PQ軌道平面與赤道平面重合，則PQ的繞行方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致（地球自轉(zhuǎn)方向?yàn)樽晕飨驏|）C.由于地球附近仍有稀薄的空氣，因此PQ系統(tǒng)會(huì)受到空氣阻力的影響，運(yùn)行軌道由圖乙中的III逐漸變?yōu)镮。相比于軌道III，PQ系統(tǒng)在軌道I上的機(jī)械能更小，線(xiàn)速度也更小。D.若在軌道I上的PQ系統(tǒng)想重新返回軌道III，可以在A(yíng)點(diǎn)沿切向加速，進(jìn)入軌道II。假定加速時(shí)間很短，變軌前后PQ系統(tǒng)可視為處于同一點(diǎn)A，則變軌前后PQ系統(tǒng)的加速度保持不變。【答案】C【解析】【詳解】A．若此時(shí)PQ的運(yùn)動(dòng)方向如圖甲所示，根據(jù)右手定則可知，P的電勢(shì)高于Q的電勢(shì)，故A正確不符合題意；B．若此時(shí)PQ的運(yùn)動(dòng)方向如圖甲所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，由于磁場(chǎng)由地理南極出發(fā)，地球自轉(zhuǎn)方向?yàn)樽晕飨驏|，所以PQ的繞行方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同，故B正確不符合題意；C．由于地球附近仍有稀薄的空氣，因此PQ系統(tǒng)會(huì)受到空氣阻力的影響，運(yùn)行軌道由圖乙中的III逐漸變?yōu)镮，除引力外阻力做負(fù)功，機(jī)械能減小，但線(xiàn)速度增大，故C錯(cuò)誤符合題意；D．變軌前后PQ系統(tǒng)可視為處于同一點(diǎn)A，由于萬(wàn)有引力不變，根據(jù)牛頓第二定律可知，則變軌前后PQ系統(tǒng)的加速度保持不變，故D正確不符合題意。故選C。二、選擇題Ⅱ（本小題共3小題，每小題2分，共6 分。每小題給出的四個(gè)備選項(xiàng)中，至少有一項(xiàng)是符合題目要求的。全選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14.如圖所示是甲、乙兩質(zhì)量相等的振子分別做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的圖像，則下列描述中說(shuō)法正確的有（　?。〢.甲振子在任何一個(gè)2s內(nèi)走過(guò)的路程都是4cmB.乙振子在任何一個(gè)2s內(nèi)走過(guò)的路程都是1cmC.甲振子和乙振子永遠(yuǎn)不可能在同一時(shí)刻均處于動(dòng)能最小的狀態(tài)D.4s到6s時(shí)間內(nèi)，甲振子和乙振子均加速度逐漸增大，速度逐漸減小【答案】AC【解析】【詳解】A．甲振子的周期為4s，則在任何一個(gè)2s（半周期）內(nèi)走過(guò)的路程都是2A1=4cm，選項(xiàng)A正確；B．乙振子周期為8s，則在任何一個(gè)2s（四分之一周期）內(nèi)走過(guò)的路程不一定為A2=1cm，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．振子動(dòng)能最小時(shí)處于位移最大的位置，由圖可知，甲振子和乙振子永遠(yuǎn)不可能在同一時(shí)刻均處于動(dòng)能最小的狀態(tài)，選項(xiàng)C正確；D．4s到6s時(shí)間內(nèi)，甲振子加速度先增大后減小，速度先減小后增大；乙振子加速度逐漸增大，速度逐漸減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選AC。15.如圖所示，兩個(gè)相干波源、發(fā)出的簡(jiǎn)諧橫波在同一均勻介質(zhì)中相遇，波長(zhǎng)為5cm。圖中實(shí)線(xiàn)表示某時(shí)刻波峰，虛線(xiàn)表示該時(shí)刻波谷，a、c、e三點(diǎn)均位于、連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上，其中e點(diǎn)是a、c連線(xiàn)的中點(diǎn)。下列說(shuō)法中正確的有（　　）A.圖示時(shí)刻ac兩點(diǎn)連線(xiàn)上的任意一點(diǎn)（不含a、c）均朝水平面下方振動(dòng)B.若波源的振幅為2cm，的振幅為4cm，則圖示時(shí)刻b點(diǎn)的振幅為2cmC.若將波源的振動(dòng)頻率提高而波源保持不變，則d點(diǎn)的位移始終為零 D.圖示時(shí)刻e點(diǎn)既不是波峰與波峰相遇處，也不是波谷與波谷相遇處，所以不是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)【答案】AB【解析】【詳解】A．由圖可知，a點(diǎn)是波谷與波谷相遇的點(diǎn)，c點(diǎn)是波峰與波峰相遇的點(diǎn)，e是ac連線(xiàn)的中點(diǎn)，而該相干波源波長(zhǎng)相同，能夠形成穩(wěn)定的干涉圖樣，因此e點(diǎn)在平衡位置，而ac連線(xiàn)上的點(diǎn)始終處于振動(dòng)加強(qiáng)的狀態(tài)，當(dāng)兩列波發(fā)生干涉，該處的點(diǎn)（不含a、c）始終都是向著水平面下方運(yùn)動(dòng)的，故A正確；B．由圖可知，b點(diǎn)是波源的波峰與波源波谷相遇的點(diǎn)，設(shè)波源的振幅為波源的振幅為，則圖示時(shí)刻b點(diǎn)的振幅為故B正確；C．由圖可知d點(diǎn)是波峰和波谷相遇的點(diǎn)，當(dāng)兩波源的頻率不發(fā)生變化時(shí)，形成穩(wěn)定的干涉圖樣，d點(diǎn)的位移始終為零，但當(dāng)其中一個(gè)波源的頻率發(fā)生變化，不再相同時(shí)，則d點(diǎn)的位移就不再始終為零，故C錯(cuò)誤D．雖然圖示時(shí)刻e點(diǎn)既不是波峰與波峰相遇處，也不是波谷與波谷相遇處，但振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的連線(xiàn)上所有的點(diǎn)都是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，所以e點(diǎn)的振動(dòng)加強(qiáng)，故D錯(cuò)誤。故選AB。16.對(duì)于通過(guò)閉合曲面的磁通量，我們可以規(guī)定若磁感線(xiàn)從曲面內(nèi)部穿出，記為正；若磁感線(xiàn)從曲面外部進(jìn)入，則記為負(fù)。而對(duì)于靜電場(chǎng)，也可以類(lèi)比靜磁場(chǎng)，引入“電通量”。電通量的定義與磁通量相仿，即電場(chǎng)強(qiáng)度與垂直面積的乘積，閉合曲面的電通量符號(hào)規(guī)定與磁通量相同。關(guān)于下列磁通量與電通量的表述，正確的是（　?。〢.在甲圖中，勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)為E，通過(guò)一半徑為R的球面的電通量為B.在乙圖中，若半徑為R的球面中心有一電荷量為q的正電荷，則通過(guò)該球面的電通量為（其中k為靜電力常數(shù)）C.在丙圖中，若m，m，勻強(qiáng)磁場(chǎng)T，方向沿x軸正向，則通過(guò)整個(gè)三棱柱所有面的磁通量之和為0 D.在丙圖中，若m，m，勻強(qiáng)磁場(chǎng)T，方向沿x軸正向，則通過(guò)平面MEFD的磁通量為0.024Wb【答案】BCD【解析】【詳解】A．根據(jù)電通量的概念可知，在甲圖中，通過(guò)一半徑為R的球面的電通量為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．在乙圖中，若半徑為R的球面中心有一電荷量為q的正電荷，則通過(guò)該球面的電通量為選項(xiàng)B正確；C．在丙圖中，根據(jù)磁通量的概念可知，通過(guò)整個(gè)三棱柱所有面的磁通量之和為0，選項(xiàng)C正確；D．在丙圖中，則通過(guò)平面MEFD的磁通量為選項(xiàng)D正確。故選BCD。二.非選擇題（本題共6小題，共55分）17.根據(jù)單擺周期公式，可以通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。如圖甲所示，將細(xì)線(xiàn)的上端固定在鐵架臺(tái)上，下端系一小鋼球，就做成了單擺（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小鋼球直徑，示數(shù)如圖所示乙所示，讀數(shù)為_(kāi)_______mm。 （2）以下是實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的一些做法，其中正確的有（多選）________。A．若測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)未計(jì)入鋼球半徑，則會(huì)使重力加速度測(cè)量值偏大B．要控制擺球在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，否則重力加速度測(cè)量值會(huì)偏大C．拉開(kāi)擺球，使白線(xiàn)偏離平衡位置小于5°，在釋放擺球的同時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，當(dāng)擺球回到開(kāi)始位置時(shí)停止計(jì)時(shí)，此時(shí)間間隔即為單擺周期TD．為了準(zhǔn)確測(cè)量時(shí)間，應(yīng)在擺球位于平衡位置處開(kāi)始計(jì)時(shí)E．?dāng)[線(xiàn)要選擇細(xì)些的，伸縮性小些的，并且盡可能長(zhǎng)一些（3）多次改變擺長(zhǎng)使單擺做小角度擺動(dòng)，測(cè)量擺長(zhǎng)L及相應(yīng)的周期T。此后，分別取L和T的對(duì)數(shù)，所得到的圖像為_(kāi)_______（填“直線(xiàn)”“對(duì)數(shù)曲線(xiàn)”“指數(shù)曲線(xiàn)”）；讀得圖像與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)為c，由此得到該地重力加速度________。【答案】①.18.6②.BDE③.直線(xiàn)④.【解析】【詳解】（1）[1]由圖可知，主尺讀數(shù)為18mm，游標(biāo)卡尺為十等分游標(biāo)卡尺，第六根刻度線(xiàn)與主尺對(duì)齊，故其讀數(shù)為（2）[2]A．根據(jù)單擺周期公式推理可知，實(shí)驗(yàn)測(cè)量重力加速度公式為若測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)未計(jì)入鋼球半徑，則L測(cè)量值偏小，會(huì)使重力加速度測(cè)量值偏小，故A錯(cuò)誤；B．?dāng)[球若不在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，則會(huì)做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，在擺角為的情況下，小球向心力 解得重力加速度測(cè)量值會(huì)偏大，故B正確；C．為減小測(cè)量誤差，應(yīng)測(cè)量小球多次全振動(dòng)時(shí)間來(lái)推算單擺周期，故C錯(cuò)誤；D．在擺球位于平衡位置處開(kāi)始計(jì)時(shí)，擺球每經(jīng)過(guò)平衡位置，計(jì)數(shù)一次，這樣測(cè)量單擺周期誤差更小，故D正確；E．?dāng)[線(xiàn)要選擇細(xì)些的，伸縮性小些的，并且盡可能長(zhǎng)一些，可以減小擺長(zhǎng)的變化誤差，故E正確。故選BDE。（3）[3]根據(jù)單擺周期計(jì)算公式可知取對(duì)數(shù)得所以圖線(xiàn)為直線(xiàn)[4]圖線(xiàn)與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)為18.某同學(xué)要將一量程為250μA的微安表改裝為量程為20mA的電流表。該同學(xué)測(cè)得微安表內(nèi)阻為1200Ω，經(jīng)計(jì)算后將一阻值為R的電阻與微安表連接，進(jìn)行改裝。然后利用一標(biāo)準(zhǔn)毫安表，根據(jù)圖（a）所示電路對(duì)改裝后的電表進(jìn)行檢測(cè)（虛線(xiàn)框內(nèi)是改裝后的電表）。 （1）根據(jù)圖（a）和題給條件，將（b）中的實(shí)物連接。（）（2）當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)毫安表的示數(shù)為16.0mA時(shí)，微安表的指針位置如圖（c）所示，由此可以推測(cè)出改裝的電表量程不是預(yù)期值，而是___________。（填正確答案標(biāo)號(hào)）A．18mAB．21mAC．25mAD．28mA（3）產(chǎn)生上述問(wèn)題的原因可能是___________。（填正確答案標(biāo)號(hào)）A．微安表內(nèi)阻測(cè)量錯(cuò)誤，實(shí)際內(nèi)阻大于1200ΩB．微安表內(nèi)阻測(cè)量錯(cuò)誤，實(shí)際內(nèi)阻小于1200ΩC．R值計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏小D．R值計(jì)算錯(cuò)誤，接入的電阻偏大（4）要達(dá)到預(yù)期目的，無(wú)論測(cè)得的內(nèi)阻值是否正確，都不必重新測(cè)量，只需要將阻值為R的電阻換為一個(gè)阻值為kR的電阻即可，其中k=___________?！敬鸢浮竣?②.C③.AC④.【解析】【詳解】（1）[1]電表改裝時(shí)，微安表應(yīng)與定值電阻R并聯(lián)接入虛線(xiàn)框內(nèi)，則實(shí)物電路連接如下圖所示： （2）[2]由標(biāo)準(zhǔn)毫安表與該裝表的讀數(shù)可知，改裝后的電流表，實(shí)際量程被擴(kuò)大的倍數(shù)為倍故當(dāng)原微安表表盤(pán)達(dá)到滿(mǎn)偏時(shí)，實(shí)際量程為：，故本小題選C；（3）[3]根據(jù)得改裝后的量程偏大的原因可能是，原微安表內(nèi)阻測(cè)量值偏小，即電表實(shí)際內(nèi)阻真實(shí)值，大于1200Ω；或者因?yàn)槎ㄖ惦娮鑂的計(jì)算有誤，實(shí)際接入定值電阻R阻值偏小，分流過(guò)大。故本小題選AC；（4）[4]由于接入電阻R時(shí)，改裝后的表實(shí)際量程為25mA，故滿(mǎn)足要想達(dá)到預(yù)期目的，即將微安表改裝為量程為20mA電流表，應(yīng)滿(mǎn)足其中，聯(lián)立解得或19.如圖所示，質(zhì)量m＝3kg的物體（視為質(zhì)點(diǎn)）在平行斜面向下F＝9N的推力作用下，由靜止開(kāi)始下滑。在斜面某處撤掉推力后，又在水平面上運(yùn)動(dòng)x＝1.2m后停在C點(diǎn)。已知斜面長(zhǎng)度L＝4m，傾角θ＝30°，物體與斜面間和水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為、μ2＝0.5，求：（1）外力未撤掉時(shí)物體斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度； （2）物體運(yùn)動(dòng)到B處的速度；（3）推力作用的距離及時(shí)間?！敬鸢浮浚?）3m/s2，方向沿斜面向下；（2）；（3）2m，【解析】【詳解】（1）外力未撤掉時(shí)物體斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1，根據(jù)牛頓第二定律可得解得方向沿斜面向下；（2）物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為根據(jù)速度-位移關(guān)系可得解得（3）物體在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力沿斜面向下的分力摩擦力大小為所以去掉推力以后物體勻速運(yùn)動(dòng)，則撤去推力時(shí)物體的速度大小為推力作用的距離為 經(jīng)過(guò)的時(shí)間為20.如圖所示，ABD為豎直平面內(nèi)的光滑軌道。AB段是水平的，BD段為半徑為R=0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點(diǎn)，整個(gè)裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)大小E=2.0×102N/C。一不帶電的絕緣小球甲，以速度v0沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，與靜止在B點(diǎn)的帶正電的小球乙發(fā)生對(duì)心正碰。已知乙球質(zhì)量m2=0.1kg，乙球所帶電荷量q=5.0×10－3C，重力加速度g=10m/s2。（水平軌道足夠長(zhǎng)，甲、乙兩球可視為質(zhì)點(diǎn)，整個(gè)過(guò)程無(wú)電荷轉(zhuǎn)移）（1）若甲球質(zhì)量為m1=0.1kg，在不放置乙球的情況下現(xiàn)測(cè)得甲球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)其與軌道間的壓力為3N，求甲的初速度v0；（2）若甲球質(zhì)量為m1=0.1kg，且甲與乙碰后立刻粘連為一個(gè)整體丙。若測(cè)得丙通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)與軌道間的壓力為1N，求甲的初速度v′0；（3）若甲球的質(zhì)量大于0.1kg可調(diào)節(jié)，且甲與乙間的碰撞是完全彈性的。假定在甲與乙碰后立刻移走甲，當(dāng)甲的初速度v″0=2.5m/s時(shí)，求乙通過(guò)D點(diǎn)平拋后在軌道AB上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離范圍?！敬鸢浮浚?）4m/s；（2）；（3）0.4m≤x<0.6m【解析】【詳解】（1）若甲球質(zhì)量為m1=0.1kg，在不放置乙球的情況下，甲球從A到D根據(jù)動(dòng)能定理有且甲球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)有代入數(shù)據(jù)有v0=4m/s（2）甲與乙碰后立刻粘連為一個(gè)整體丙，則根據(jù)動(dòng)量守恒有m1v′0=(m1＋m2)v共 丙從B到D根據(jù)動(dòng)能定理有且丙通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)有代入數(shù)據(jù)有（3）設(shè)甲球質(zhì)量為乙球質(zhì)量的k倍，且由于甲球的質(zhì)量大于0.1kg，則k>1，再設(shè)碰撞后甲、乙的速度分別為v甲、v乙，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律有km2v″0=km2v甲＋m2v乙聯(lián)立得又k>1，則v″0